BestCoder Round #53
HDU 5423 Rikka with Graph （图论）
【题目链接】：click here~~
【题意】：
众所周知，萌萌哒六花不擅长数学，所以勇太给了她一些数学问题做练习，其中有一道是这样的： 勇太有一张n个点m条边的无向图，每一条边的长度都是1。现在他想再在这张图上连上一条连接两个不同顶点边，使得1号点到n号点的最短路尽可能的短。现在他想要知道最短路最短是多少，以及再保证最短路最短的情况下，他有多少种连边的方案。 当然，这个问题对于萌萌哒六花来说实在是太难了，你可以帮帮她吗？
数据组数不超过100组。每组数据的第一行两个整数n,m(2≤n≤100,0≤m≤100)。 接下来m行。每行两个整数u,v(1≤u,v≤n)，代表原图中的一条无向边。注意可能有自环和重边。
对于每一组数据输出一行两个整数：最短路最短是多少以及加边的方案数。
2 1 1 2
1 1
你只能连上1 2这条边。【思路】：
如果连上1-n的边，最短距离就是1。所以所有情况下最短距离都是1。
考虑方案数，如果本来没有1-n的边，那么只能连1-n，方案数为1。否则怎么连都可以，方案数是2n(n−1)。
那么答案就明显了，代码：#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int n,m,u,v;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
int ok=1;
while(m--)
{
scanf("%d%d",&u,&v);
if((u==1&&v==n)||(u==n&&v==1)) ok=0;
}
if(ok) puts("1 1");
else printf("%d %d\n",1,((n-1)*n)/2);
} return 0;
}
HDU 5424 Rikka with Graph II
【题目链接】：click here~~
【题意】：
众所周知，萌萌哒六花不擅长数学，所以勇太给了她一些数学问题做练习，其中有一道是这样的： 勇太有一张n个点n条边的无向图，现在他想要知道这张图是否存在一条哈密顿路径。 当然，这个问题对于萌萌哒六花来说实在是太难了，你可以帮帮她吗？
数据组数不超过100组。每组数据的第一行一个整数n(1≤n≤1000)。 接下来n行。每行两个整数u,v(1≤u,v≤n)，代表给定图上的一条边。
对于每一组数据，如果图中存在一条哈密顿路径，输出"YES"否则输出"NO"。
4 1 1 1 2 2 3 2 4 3 1 2 2 3 3 1
NO YES
第二组数据的一条哈密顿路径是1->2->3 如果你不知道哈密顿路径是什么,戳这里(https://en.wikipedia.org/wiki/Hamiltonian_path).【思路】：
如果图是联通的，可以发现如果存在哈密顿路径，一定有一条哈密顿路径的一端是度数最小的点，从哪个点开始直接DFS搜索哈密顿路径复杂度是 O(n)的。要注意先判掉图不连通的情况。
题解貌似说的还是不太清楚，博主查找其他资料，力图用自己的语言尽可能详细的讲明白：
哈密顿图（Hamiltonian path，或Traceable path）是一个无向图，在一个有多个城市的地图网络中，寻找一条从给定的起点到给定的终点沿 途恰好经过所有其他城市一次的路径。这个问题和著名的七桥问题的不同之处在于，过桥只需要确定起点，而不用确定终点。哈密顿问题寻找一条从给定的起点到给定的终点沿 途恰好经过所有其他城市一次的路径。
那么如果存在哈密顿路，此时路径中含有n-1条边，剩下的那一条要么是自环（这里不予考虑，因为哈密顿路必然不经过），要么连接任意两个点。不考虑自环，此时图中的点度数为1的个数必然不超过2个，有如下三种情况：
1、剩下的那条边连接起点和终点，此时所有点度数都是2，可以从任意一个顶点开始进行DFS，看能否找到哈密顿路
2、剩下的那条边连接除起点和终点外的任意两个点，此时起点和终点度数为1，任选1个开始进行DFS。
3、剩下的那条边连接起点和除终点的任意一个点，或者连接终点与除起点外的任意一个点，此时图中仅有1个点度数为1，从该点开始进行DFS即可。
代码思路：if(不连通)//记录自环和重边数即可，不用遍历 输出NO
if(没有环)
{
if(度=1的点超过2个) NO
else YES
}
else
{
if(度=1的点超过2个) NO
else if(度=1的点少于2个) YES
else
{
从度为1 的点开始搜索，搜索没有访问的点，同时判断是否满足条件
}
}
}
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1005;
vector <int >g[N];
bool vis[N];
int dg[N];
int cnt;
int n,u,v;
bool ok;
void dfs(int u,int cur)
{
if(cur==n)
{
ok=true;
return ;
}
if(ok) return ;
for(int i=0; i<g[u].size(); ++i)
{
int v=g[u][i];
if(vis[v]) continue;
vis[v]=true;
dfs(v,cur+1);
vis[v]=false;
}
}
int main()
{
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(dg,0,sizeof(dg));
for(int i=1; i<=n; ++i) g[i].clear();
for(int i=1; i<=n; ++i)
{
scanf("%d%d",&u,&v);
g[u].push_back(v);
g[v].push_back(u);
dg[u]++;
dg[v]++;
}
ok=true;
cnt=0;
for(int i=1; i<=n; ++i)
{
if(dg[i]==0) ok=false;
else if(dg[i]==1) cnt++;
}
if(!ok||cnt>2)
{
puts("NO");
continue;
}
if(cnt==0) puts("YES");
else
{
ok=false;
for(int i=1; i<=n; ++i)
{
if(dg[i]==1)
{
vis[i]=true;
dfs(i,1);
if(ok) break;
}
}
if(ok) puts("YES");
else puts("NO");
}
}
return 0;
}