重温经典第二弹（xdoj1175，xdoj1179）

一转眼，记忆又来到了暑假。或许，这是一个这算是自己真正开始接触了解acm的一个时间点吧，各种算法数据结构，开始慢慢浮出水面。回顾当初，感慨万千。又找出了两道未ac之题，确实复杂度明显加强，思维性的进一步考验。

Count

 

 

思路：子串搜索问题，因为n和k大到2e5，因此，肯定是个单向处理不能回溯的问题，否则最坏n方的复杂度是难以接受的。

对于单次搜索，考虑可以维护现有区间的元素，然后移位遍历向后搜索，对于该区间是否满足条件，可以用map记录已有元素数量，若存在大于一的情况，则存在重复，并记录重复数。每次移位过程中，添加新增元素，去除退出的元素，若重复数为零，则满足该条件。

暴力搜索的思维确实是挺关键，而维护已有数据，则为一个比较难想到的点，以相关性较低的统计量代替原有值，实为一相当出色的思维

 

 

/*
Author：Owen_Q
*/

#include 

using namespace std;

const int maxn = 2e5+10;

int a[maxn];

map  m;

int main()
{
    int n,k;
    while(scanf("%d%d",&n,&k)!=EOF)
    {
        m.clear();
        for(int i=0;i1)
                same++;
        }
        if(same==0)
            sum++;
        for(int i=0;i1)
            {
                same--;
            }
            m[a[i]]--;
            m[a[i+k]]++;
            if(m[a[i+k]]>1)
            {
                same++;
            }
            if(same==0)
            {
                sum++;
            }
        }
        printf("%d\n",sum);
    }
    return 0;
}

 

 

Furude_Rika and coins

 

 

 

思路：这一题，确实考验对题中细节的把握。

由于s的值已定，则可以事先进行一波预处理。而s与n的值较小，时间又惊人的延长到10s，这无形中就在提醒我们暴力枚举的可能性。

不过，如果强行模拟两种钱币的情况，虽然将不受询问次数q的影响，不过O（n*n*s*s）的复杂度高达1e11，显然破产。

不过，如果只考虑一种钱币，就可观多了，O（n*s）的复杂度最坏也就5e5，哪怕加上q，也不过5e9，再考虑超长的时延，这还是一个相当安全的方式。

由于钱币总和不会大于最大询问钱数，因此可以根据询问情况，将钱数作为处理的对象数组，进行不断枚举更新。

于是，在数据传入之前，先提前处理一波单钱币情况，然后，在询问过程中，根据所给条件再遍历第二的钱币，根据总数得到，剩余的所需第一个钱币，并与预处理的结果相结合，就ac了

这题的难点就是将两种钱币分到两部分进行处理，同样是暴力枚举，却又各种不同的方法，学问很深啊。

其实，这题有点分组背包的味道，循环外处理单一钱币的情况，循环内处理两种情况的情况，由于不是每组选一个，而是只选一或两组，因此每次记录最小值，不更新原数组就好了

 

 

/*
Author：Owen_Q
*/

#include 

using namespace std;

const int maxa=5010;
const int maxn=1e7+10;

int a[maxa];
int num[maxn];

/*bool cmp(const int x,const int y)
{
    return x>y;
}*/

int main()
{
    int n,s,q,m;
    while(scanf("%d%d",&n,&s)!=EOF)
    {
        memset(num,s+1,sizeof(num));
        num[0]=0;
        for(int i=0;ik)
                    num[temp]=k;
            }
        }

        while(q--)
        {
            int sum;
            scanf("%d",&m);
            sum=num[m];
            for(int i=0;inum[m-a[i]*j]+j)
                        sum=num[m-a[i]*j]+j;
                }
            }
            if(sum>s)
                printf("%d\n",-1);
            else
                printf("%d\n",sum);
        }
    }
    return 0;
}