Codeforces Round 923 (Div. 3)（A~D）
A. Make it White
找出第一个B和最后一个B的位置。
#include
//#define int long long
#define per(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)<=(k);++(i))
#define rep(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)>=(k);--(i))
#define fr first
#define se second
#define endl '\n'
using namespace std;
string s;
void solve(){
cin>>s>>s;
s="1"+s;
pairpos;
per(i,1,s.length())if(s[i]=='B'){
if(!pos.fr)pos.fr=i;
pos.se=i;
}
if(pos.fr)cout<>t;
while(t--)solve(),init();
return 0;
} B. Following the String
模拟题，如果序列里面是0，那就输出一个没出现过的，不然就从出现过的地方拿一个，此处用的队列。
#include
//#define int long long
#define per(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)<=(k);++(i))
#define rep(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)>=(k);--(i))
#define fr first
#define se second
#define endl '\n'
using namespace std;
const int N=2e5+5;
int n,a;
char idx='a';
queueq[N];
void solve(){
cin>>n;
per(i,1,n){
cin>>a;
if(!a){
cout<>t;
while(t--)solve(),init();
return 0;
} C. Choose the Different Ones!
在数组A里面选k/2个数，在数组B里面选k/2个数，要求1~k里面每个数都出现一次。
因为数组的值很小，只有1e6，所以可以给A和B数组转换成数值存储，例如cnt[5]++，代表5出现一次，这样方便查数，即cnta[5]就知道数组a中5出现了几次。
因为选的次数有限，所以把A数组仅有的数和B数组仅有的数选出来，再去选都有的数。
#include
//#define int long long
#define per(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)<=(k);++(i))
#define rep(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)>=(k);--(i))
#define fr first
#define se second
#define endl '\n'
using namespace std;
const int N=2e5+5,AN=1e6+5;
int n,m,k,cnta[AN],cntb[AN],tmp;
bool vis[AN];
vectora,b;
void no(){
cout<<"NO"<>n>>m>>k;
per(i,1,n)cin>>tmp,cnta[tmp]++,a.push_back(tmp);
per(i,1,m)cin>>tmp,cntb[tmp]++,b.push_back(tmp);
cntb[0]=cnta[0]=k/2;
per(i,1,k){
if(cnta[i] and !cntb[i] or !cnta[i] and cntb[i]){
if(cnta[i]){
if(cnta[0]){
vis[i]=true;
cnta[0]--;
}else return no();
}else{
if(cntb[0]){
vis[i]=true;
cntb[0]--;
}else return no();
}
}else if(cnta[i]+cntb[i]==0)return no();
}
per(i,1,k){
if(!vis[i]){
if(cnta[i]){
cnta[0]--;
}else if(cntb[i]){
cntb[0]--;
}else return no();
}
}
cout<<"YES"<>t;
while(t--)solve(),init();
return 0;
} 提交之前先估计一下总体复杂度，不小心可能就TLE了
D. Find the Different Ones!
给你一个数组A，多次询问，每次问一个区间里面是否全部相等，如果不相等，任意输出两个不相等的下标。
数组大小不超过2e5，总的询问大小不超过2e5，那么每次询问复杂度只能是log级别或者以下。
一个区间里面如果有不相等的那么横着扫过去肯定有解。
per(i,l+1,r){
if(a[i]!=a[i-1]){
cout<但是这是一个n级别的，所以考虑把一样进行压缩，即1 1 1 1 1，变成5 1。
这道题不需要具体的值，只要不同就行，所以每次记录一下开头一样的位置。
比如1 1 1 2 2 3，就压缩成1 4 6，即第一个出现了不一样，第四个出现了不一样。
因为位置是有序的，所以可以使用二分来询问。
#include
//#define int long long
#define per(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)<=(k);++(i))
#define rep(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)>=(k);--(i))
#define fr first
#define se second
#define endl '\n'
using namespace std;
const int N=2e5+5;
int n,a[N],q,l,r;
sets;
void nodif(){
cout<<-1<<" "<<-1<>l>>r;
auto tmp=s.upper_bound(l);
if(tmp==s.end())return nodif();
if(r<*tmp)return nodif();
else cout<>n;
per(i,1,n){
cin>>a[i];
if(i==1)s.insert(i);
if(a[i]!=a[i-1])s.insert(i);
}
cin>>q;
while(q--)query();
cout<>t;
while(t--)solve(),init();
return 0;
}