51Nod－1081－子段求和

给出一个长度为N的数组，进行Q次查询，查询从第i个元素开始长度为l的子段所有元素之和。
例如，1 3 7 9 -1，查询第2个元素开始长度为3的子段和，1 {3 7 9} -1。3 + 7 + 9 = 19，输出19。
Input
第1行：一个数N，N为数组的长度(2 <= N <= 50000)。
第2 至 N + 1行：数组的N个元素。(-10^9 <= N[i] <= 10^9)
第N + 2行：1个数Q，Q为查询的数量。
第N + 3 至 N + Q + 2行：每行2个数，i，l（1 <= i <= N，i + l <= N)
Output
共Q行，对应Q次查询的计算结果。
Input示例
5
1
3
7
9
-1
4
1 2
2 2
3 2
1 5
Output示例
4
10
16
19

这道题最初的想法便是每种情况分别累加计算，后来发现这样子会超时，所以只好另辟蹊径，想着将前i个数的和存在一个数组中，到时候一相减即可。

#include <stdio.h>
#define _MAX 50005

int main(int argc, const char * argv[])
{
    int N, A[_MAX], i = 0, j = 0, Q, B[_MAX], C[_MAX];
    long long sum, AA[_MAX] = {0};
    scanf("%d", &N);
    for (; i < N; i++)
    {
        scanf("%d", A + i);
        if (i == 0)
        {
            AA[i] = A[i];
        }
        else
        {
            AA[i] = A[i] + AA[i - 1];
        }
    }
    scanf("%d", &Q);
    for (; j < Q; j++)
    {
        scanf("%d %d", B + j, C + j);
    }
    for (i = 0; i < Q; i++)
    {
        if (B[i] == 1)
        {
            sum = AA[B[i] + C[i] - 2];
        }
        else
        {
            sum = AA[B[i] + C[i] - 2] - AA[B[i] - 2];
        }
        printf("%lld\n", sum);
    }
    return 0;
}