大一计算机的自学总结：前缀树（字典树、Trie树）
前言
前缀树，又称字典树，Trie树，是一种方便查找前缀信息的数据结构。
一、字典树的实现
1.类描述实现
#include
using namespace std;
class TrieNode
{
public:
int pass=0;
int end=0;
TrieNode* nexts[26]={NULL};
};
TrieNode* root=NULL;
void insert(string word)
{
TrieNode* node=root;
node->pass++;
for(int i=0,path;inexts[path]==NULL)
{
node->nexts[path]=new TrieNode();
}
node=node->nexts[path];
node->pass++;
}
node->end++;
}
int search(string word)
{
TrieNode* node=root;
for(int i=0,path;inexts[path]==NULL)
{
return 0;
}
node=node->nexts[path];
}
return node->end;
}
int prefixNumber(string word)
{
TrieNode* node=root;
for(int i=0,path;inexts[path]==NULL)
{
return 0;
}
node=node->nexts[path];
}
return node->pass;
}
void deleteWord(string word)
{
if(search(word)>0)
{
TrieNode* node=root;
node->pass--;
for(int i=0,path;inexts[path]->pass==0)
{
node->nexts[path]=NULL;
return ;
}
node=node->nexts[path];
}
node->end--;
}
}
int main()
{
int m;
cin>>m;
root=new TrieNode();
int op;
string word;
for(int i=0;i>op;
cin>>word;
if(op==1)
{
insert(word);
}
else if(op==2)
{
deleteWord(word);
}
else if(op==3)
{
cout<<(search(word)?"YES":"NO")< 类描述的方法不推荐，重点是静态数组的实现方法。
2.静态数组实现
#include
using namespace std;
const int MAXN=150001;
int trie[MAXN][26];
int treePass[MAXN]={0};
int treeEnd[MAXN]={0};
int cnt=1;//节点数
void insert(string word)
{
int cur=1;//节点编号
treePass[cur]++;
for(int i=0,path;i0)
{
int cur=1;
treePass[cur]--;
for(int i=0,path;i>m;
int op;
string word;
for(int i=0;i>op;
cin>>word;
if(op==1)
{
insert(word);
}
else if(op==2)
{
deleteWord(word);
}
else if(op==3)
{
cout<<(search(word)?"YES":"NO")< 首先说明前缀树的原理，每个节点有pass和end两个信息，同时还有指向下一个节点的指针，节点与节点间的路径表示每个字符。所以，在树往下扎到底的过程中，沿途路径经过的字符就组成了一个字符串，其中pass的数值表示的是有几个字符串经过这个节点，end表示的是有几个字符串在这个节点结束。如“aab”和“abc”，二者首先经过公共节点“a”，然后出现分支“a”和“b”，所以第一个“a”的pass=2，第二个“a”的pass=1，最后一个“b”的end=1，第二个“b”的pass=1，end=0。
首先，设置全局变量，trie数组的一维表示节点的编号，二维表示每条分支去往的下个节点的编号。因为字母只有26个，所以准备26大小即可。之后，设置cnt为节点个数，从1开始。
函数部分，首先是insert函数，用来插入字符串。首先，cur表示当前节点的编号，开始为1，然后先让pass++。之后遍历word字符串，每次取出当前字符作为path，若trie[cur][path]==0，即没有后续节点，那就让其等于++cnt，建出节点。之后让cur跳到下个节点，然后pass++。最后，让end++。
之后是search函数，用来搜索字符串个数。基本思路和insert差不多，只是若trie等于0，即没有后续节点，说明不存在这个字符串，就返回0；否则最后返回end，即字符串数量。
重点是prefixNumber函数，用来搜索以某个字符串为前缀的串。思路和search差不多，主要区别是最后返回的是pass，即前缀数量。
最后是delete函数，用来删除字符串。思路就是反向的insert，每次让pass-1。注意此时的判断，若下一个节点的pass-1后等于0，即后续节点被删没了，直接让trie等于0后结束即可。
二、前缀树相关题目
1.接头密匙
class Solution {
public:
#define MAXN 100
int trie[MAXN][12];
int pass[MAXN]={0};
int end[MAXN]={0};
int cnt=1;
void insert(string word)
{
int cur=1;
pass[cur]++;
for(int i=0,path;i countConsistentKeys
(vector >& b, vector >& a)
{
for(int i=0;ians(b.size(),0);
for(int i=0;i 这个题的重点是你得看出来这个情境是求前缀。（捂脸）
之后转化一下，把数组里每个数的差变成字符串，两个数之间用“#”间隔，加上负号，trie一共开12大小即可。之后先把a数组insert进去，再根据b数组一个一个找就行。
2.数组中两个数的最大异或值
class Solution {
public:
#define MAXN 3000001
int trie[MAXN][2];
int cnt=1;
int high;
void insert(int n)
{
int cur=1;
for(int i=high,status;i>=0;i--)
{
status=1&(n>>i);
if(trie[cur][status]==0)
{
trie[cur][status]=++cnt;
}
cur=trie[cur][status];
}
}
int maxXOR(int n)
{
int ans=0;
int cur=1;
for(int i=high,status,want;i>=0;i--)
{
status=1&(n>>i);
want=status^1;
if(trie[cur][want]==0)
{
want^=1;
}
ans|=(status^want)<& nums) {
int mx=INT_MIN;
for(int i=0;i=0;i--)
{
if( (mx&(1< 这个题就需要一点思考了。首先思考要达成异或和最大，最好的办法肯定是选二进制中第一个1最靠前的数，即最大的数。之后，要想异或和最大，理想情况就是找每一位都与最大的数不同的数，这样异或起来每一位就都是1了。
所以，首先把最大值抓出来，接着为了加速，可以把最大值的前导1的数位取出来，这样后续从这个位置开始找即可，不需要从31位开始。再把每个数的二进制形式insert进去，由于只有0和1两种状态，所以trie的大小为2即可。
重点就是maxXOR函数，首先每次让status为n第i位上的状态。注意，这里由于trie只有0和1两条分支，所以选择让n>>i的方法。然后，最优选择肯定是找status不同的状态，所以want=status^1，若没有找到，就再^1回到原状态。最后把这一位的异或结果或进ans里即可。
这个题说实话还是有点难度的。
3.单词搜索 II
class Solution {
public:
#define MAXN 10001
int trie[MAXN][26];
int pass[MAXN]={0};
string end[MAXN];
int cnt=1;
void insert(string word)
{
int cur=1;
pass[cur]++;
for(int i=0,path;i>&board,int i,int j,int t,vector&ans)
{
if(i<0||i>=board.size()||j<0||j>=board[0].size()||board[i][j]==0)
{
return 0;
}
int tmp=board[i][j];
int path=tmp-'a';
t=trie[t][path];
if(pass[t]==0||t==0)//找过了或没有
{
return 0;
}
int num=0;
if(end[t]!="")//找到一个
{
num++;
ans.push_back(end[t]);
end[t]="";
}
board[i][j]=0;
num+=dfs(board,i+1,j,t,ans);
num+=dfs(board,i-1,j,t,ans);
num+=dfs(board,i,j+1,t,ans);
num+=dfs(board,i,j-1,t,ans);
pass[t]-=num;//找完一个就删除
board[i][j]=tmp;
return num;
}
vector findWords(vector>& board, vector& words) {
vectorans;
for(int i=0;i 这个题就更是群贤毕至，不仅有前缀树，还有带路径的递归和还原现场。
前缀树在这个题的作用就是剪枝，而且有三次剪枝。首先，通过前缀树，可以让每次递归去往的都是有效的格子。其次，这里让end数组直接存放整个字符串，可以方便递归结束时直接收集结果。最后，每次在找完一个字符串后就把节点删除，也可以减少不必要的搜索。
重点就是这个dfs函数，首先若越界了或走到走过的格子就返回0。之后取当前格子上的字符和path，t表示前缀树当前节点的编号，所以让t去下一个节点，若下一个节点找过了或者没有就返回0。然后若end有东西，说明找到了，就记录答案之后删除。接着分别去四个方向递归，注意这里在回来时不仅要把格子还原，还有让pass减去找到的数量，即删去找过的字符串，所以要让dfs函数带上返回值，表示找到的字符串个数。
有一说一这个题确实难。
总结
前缀树还是很强的，用好了能很大程度优化算法。