wy的leetcode刷题记录_Day55

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本文章的所有题目信息都来源于leetcode
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时间：2022-11-29

前言

1758. 生成交替二进制字符串的最少操作数

今天的每日一题是：1758. 生成交替二进制字符串的最少操作数
超链接

题目介绍

给你一个仅由字符 ‘0’ 和 ‘1’ 组成的字符串 s 。一步操作中，你可以将任一 ‘0’ 变成 ‘1’ ，或者将 ‘1’ 变成 ‘0’ 。

交替字符串 定义为：如果字符串中不存在相邻两个字符相等的情况，那么该字符串就是交替字符串。例如，字符串 “010” 是交替字符串，而字符串 “0100” 不是。

返回使 s 变成 交替字符串 所需的 最少 操作数。

示例 1：
输入：s = “0100”
输出：1
解释：如果将最后一个字符变为 ‘1’ ，s 就变成 “0101” ，即符合交替字符串定义。

示例 2：
输入：s = “10”
输出：0
解释：s 已经是交替字符串。

思路

很简单的一道模拟题：根据题意我们知道字符串只包含’0’和’1’，并且相邻的字符串只有俩种情况，1开头：10101010…和0开头010101…，其中0和1的个数相加就是字符串中字符的个数，于是我们只需要统计其中一种排列方式的组合。比如1开头的，我们统计符合101010样式的字符个数n，另外一种的个数就是互补的，即字符串的个数-n，然后取其中的最小值即可。

代码

class Solution {
public:
    int minOperations(string s) {
        int count=0;
        int n=s.size();
        for(int i=0;i<n;i=i+2)
        {
            if(s[i]!='1')
                count++;
        }
        for(int i=1;i<n;i=i+2)
        {
            if(s[i]!='0')
                count++;
        }
        return min(count,n-count);
    }
};

收获

简单的模拟题，没什么收获，刷手速。

235. 二叉搜索树的最近公共祖先

235. 二叉搜索树的最近公共祖先

题目介绍

给定一个二叉搜索树, 找到该树中两个指定节点的最近公共祖先。

百度百科中最近公共祖先的定义为：“对于有根树 T 的两个结点 p、q，最近公共祖先表示为一个结点 x，满足 x 是 p、q 的祖先且 x 的深度尽可能大（一个节点也可以是它自己的祖先）。”

例如，给定如下二叉搜索树: root = [6,2,8,0,4,7,9,null,null,3,5]

示例 1:

输入: root = [6,2,8,0,4,7,9,null,null,3,5], p = 2, q = 8
输出: 6
解释: 节点 2 和节点 8 的最近公共祖先是 6。

示例 2:
输入: root = [6,2,8,0,4,7,9,null,null,3,5], p = 2, q = 4
输出: 2
解释:节点 2 和节点 4 的最近公共祖先是 2, 因为根据定义最近公共祖先节点可以为节点本身。

思路

昨天的刷题中我们写了二叉树的寻找最近公共祖先，在那题中我们使用后序遍历从底向上搜寻整棵树，而对于本题的二叉搜索树中，树结构是有序的，我们只需从上向下寻找一个通路即可。一开始我们不确定p和q谁大谁小，分三种情况：1、当前节点大于俩个节点，那么我们要向左搜寻。2、当前节点小于俩个节点，那么我们要向右搜寻。1、当前节点处于俩个节点之间，该该节点就是所需要搜寻的节点。

代码

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */

class Solution {
    private:
        TreeNode* traversal(TreeNode* cur, TreeNode* p, TreeNode* q) {
            if (cur == NULL) 
                return cur;
            // 中
            if (cur->val > p->val && cur->val > q->val) { // 左
                TreeNode* left = traversal(cur->left, p, q);
                if (left != NULL) {
                    return left;
                }
            }
            if (cur->val < p->val && cur->val < q->val) { // 右
                TreeNode* right = traversal(cur->right, p, q);
            if (right != NULL) {
                return right;
            }
            }
            return cur;
    }
    public:
        TreeNode* lowestCommonAncestor(TreeNode* root, TreeNode* p, TreeNode* q) {
            return traversal(root, p, q);
        }
};

收获

在上一题的基础之上更换了思路，巩固了中序遍历的知识。